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Timisoara CTF 2019 Write-up

TEAM : WTB

 

 

제출했던 풀이 보고서(영문): write-up:

Timisoara_CTF_2019_Quals_Write-up_WTB.docx
4.40MB

 

 

아래는 제가 푼 문제 + a 들의 풀이입니다. (곧 세부설명 수정)

 

CRYPTO

Baby Crypto (50pts) 

This file seems... odd

 

Otil bw amm gwc uilm qb! Emtkwum bw bpm ewvlmznct ewztl wn kzgxbwozixpg! Pmzm qa gwcz zmeizl: BQUKBN{Rctqca_Kimaiz_e0ctl_j3_xzwcl}

 

카이사르 돌리면 된다.

 

 

Proof of work (100pts)

 

While developing an anti-bot system we thought of a system to test if the users are indeed human. You need to enter a string whose SHA256 has the last 7 digits 0. As this hash is secure you need to use some processing power, thus denying spam. Sort of like mining bitcoin.

 

0부터 1씩 증가시켜서 전부 sha256을 돌린다.

돌려서 끝에 7자리가 0인 것을 뽑아내면 된다.

 

python3는 느리기 때문에 pypy3를 설치해서 사용했다.

 

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import hashlib
 
= 0
while True:
    string = str(i)
    encoded_string = string.encode()
    hexdigest = hashlib.sha256(encoded_string).hexdigest()
    if "0000000" in str(hexdigest):
        print(str(i) +": " +hexdigest)
    i = i +1
 
#365512095
#TIMCTF{9e13449f334ded947431aa5001c2e9ab429ab5ddf880f416fe352a96eb2af122}
cs

 

10분이상 돌렸던 것 같다.

 

 

Alien Alphabet (150pts) 

I found this strange text. It is written in some strange alphabet. Can you decode it?

 

직접 문자에 알파벳 치환시켜서 빈도분석.

 

 

Password breaker (150pts) 

I heard you were good at cracking passwords!

Hint! What are the most common attacks on a password? Dictionary and bruteforce

Hint! If it takes more than a few minutes you're doing it wrong.

 

1. 사전공격

2. 브포공격

 

 

TimCTF gamblig service (200pts) 

Predict the next number to win. Are you that lucky?

시간기반 랜덤값

pipe 2개 연결해서 하나는 값을 받고 하나는 받은 값을 그대로 보내버리면 됨.

 

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from pwn import *
 
= remote("89.38.208.143"21023)
p2 = remote("89.38.208.143"21023)
p.recvuntil(": ")
p.sendline("1")
 
p2.recvuntil(": ")
p2.sendline("2")
 
= p.recvline()
p.close()
p2.sendline(n)
 
p2.interactive()
 
cs

 

 

Strange cipher (250pts) 

I have found this strange encryption service. Can you decode it?

 

한 글자씩 hex값을 맞춰가면 됨.

 

 

Forensics

Deleted file (100pts) 

Help! I accidentally deleted a photo! Can you recover it for me please?

Non-standard flag format

 

png 시그니쳐 찾아서 카빙

 

 

Strange image (100pts) 

I received this "image" in my mailbox today, but I can not open it, as if it was corrupted or something. Can you fix it and tell me if it has any hidden meaning?

Note: if you think you "fixed" it and it does not open, try using a few different photo viewers.

Hint! When you 'fix' your image make sure you try multiple photo viewers as some might not want to display it

 

 xor 0x7a 연산을 하면 복구가 됨.

 

script :

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import binascii
import re
 
fd = open("john.png""rb")
dat = fd.read()
data = binascii.b2a_hex(dat)
datas = re.findall(r'..',data)
 
red = ""
for i in range(0len(datas)):
    bit = eval("0x"+str(datas[i])+" ^ 0x7a")
    rad = str(hex(bit))
    if len(rad) == 3 :
        rad = rad.replace("0x""0x0")
        red += rad
    else :
        red += str(hex(bit))
print red
bin_ = ""
for j in range(0len(red), 4):
    binary_d = str(red[j:j+4])
    binary_d = binary_d.replace("0x""")
    bin_ += "\\x"+binary_d
 
fh = open("image.png""wb")
eval("fh.write(b'"+bin_+"')")
fh.close()
 
cs

 

스테가노 사이트()에서 문자열만 보면, fl4g 찾을 수 있음.

: 오른쪽 부분을 특수문자까지 같이 rot 돌리면 플래그가 나옴. https://www.dcode.fr/rot-cipher

 

 

 

Tri-color QR (200pts) 

I stumbled upon this strange QR code which seems to be in a new format. Can you help me decode it?\

 

stegsolve.jar로 3개 뽑아낼 수 있음.

그리고 hxd로 열었을때 푸터 시그니쳐 뒤에 PK 시그니쳐 확인 가능.

뽑아내서 압축 풀면 4번째 부분을 구할 수 있음.

 

 

 

Programming

Subset sum (200pts) 

You are given a number n and an array. Find those elements from the array that sum to the given number.

Number of tests: 10
Size of the array: 4 - 40 (+4 per level)
Input data type: 64 bit unsigned ints
Input formatting: 2 lines of text, a line containing n and a line containg the array.
Output formatting: the size of the subset and the elements of the subset, separated by a space
Time limit: 3s

 

야매로 푼 문제.

 

합이 나오면, 그 합이 되는 원소랑 개수를 구해서 보내는 거 같은데, 1과 그 합을 그대로 보내보니까 통과가 되서 그냥 간단 스크립트 짜서 품.

 

 

Reverse Engineering

 

Baby Rev (50pts) 

This program asks me for the flag, but i don't know it!

 

IDA

 

Easy Rev (75pts) 

Like the last one, but harder

 

IDA

 

Math (150pts) 

This executable is doing MATH. Everyone hates that so it must be hard to reverse

 

IDA로 까면 플래그 인코딩 연산 하는 부분이 있는데 이 부분을 그대로 파이썬으로 옮겨서 브포를 돌렸다.

완전자동화로 코드 짜다가 귀찮아서 그냥 반 노가다로 풀었다.

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def solv(input, q, p):
    key = 14335727
    base64 = "ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZabcdefghijklmnopqrstuvwxyz0123456789+/"
    flag = "jveimeqpofewqY3chceAr+G6tPqKiM27u/CLhcbX7MPv" #44
    cipher = "0"*44
    cipher = list(cipher)
 
    v7 = 0
    v5 = 0
    for i in range(0len(input), 3):
        if i > len(input)-3:
            break;
 
        v6 = key ^ (ord(input[i + 2]) | ((ord(input[i + 1]) | (ord(input[i]) << 8)) << 8))
 
        for j in range(03):
            try:
                str(input[i+j])
            except :
                v5 =1
        for k in range(3-1-1):
            v4=0
            for l in range(5-1-1):
                if ( v6 & (1 << (6 * k + l)) ):
                    v4 |= 1 << l
            if v4:
                cipher[v7] = base64[v4]
            elif v5:
                cipher[v7] = "="
            else :
                cipher[v7] = 'A'
            v7 += 1
    cipher = ''.join(cipher)
    x=1
    if cipher[x] == flag[x] and cipher[x+1== flag[x+1]:
        print(chr(q))
        print(p)
        print(cipher)
        print(flag)
 
#yee = "TIMCTF{I_s33_you_UnDeRsTaNd_x86}"
yee= "TIMCTF{"
for q in range(33127):
    yy = yee + str(chr(q))
    for p in range(33,127):
        yeee = yy +str(chr(p))+str(chr(p))
        solv(yeee, q, p)
 
cs

돌려서 나온값 yee에 추가하고 x값 1씩 증가시켜주면 된다.

가끔 위 방식대로 하다가 출력되는 문자가 여러개가 나온다면, x값을 더 증가시켜 주면 된다. 

 

 

Strange jump (250pts) 

This application likes to jump!

 

math와 동일. 플래그 인코딩하는 부분 찾아서 브포했다.

연산코드마저 math의 key xor하는 부분을 제외하면 math와 풀이 코드가 같다.

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def solv(input, q, p):
    base64 = "ABCDEFGHIJKLMNOPQRSTUVWXYZabcdefghijklmnopqrstuvwxyz0123456789+/"
    flag = "VElNQ1RGe2RlQzNwdDF2ZV9FeGNlUDB0aTBuX2g0bmRMZXJ9" #44
    cipher = "0"*55
    cipher = list(cipher)
 
    v7 = 0
    v5 = 0
    for i in range(0len(input), 3):
        if i > len(input)-3:
            break;
 
        v6 = (ord(input[i + 2]) | ((ord(input[i + 1]) | (ord(input[i]) << 8)) << 8))
 
        for j in range(03):
            try:
                str(input[i+j])
            except :
                v5 =1
        for k in range(3-1-1):
            v4=0
            for l in range(5-1-1):
                if ( v6 & (1 << (6 * k + l)) ):
                    v4 |= 1 << l
            if v4:
                cipher[v7] = base64[v4]
            elif v5:
                cipher[v7] = "="
            else :
                cipher[v7] = 'A'
            v7 += 1
    cipher = ''.join(cipher)
    y = 17
    if cipher[y] == flag[y] and cipher[y+1== flag[y+1]:
        print(chr(q))
        print(p)
        print(cipher)
        print(flag)
 
yee = "TIMCTF{"
 
for q in range(33127):
    yy = yee + str(chr(q))
    for p in range(33,127):
        yeee = yy +str(chr(p))+str(chr(p))+str(chr(p))
        solv(yeee, q, p)
 
cs

math와 동일. 돌려서 나온값 yee에 추가하고 x값 1씩 증가시켜주면 된다.

가끔 위 방식대로 하다가 출력되는 문자가 여러개가 나온다면, x값을 더 증가시켜 주면 된다. 

 

 

Web

Not so empty website (50pts) 

This website looks empty, but trust me, it is not!

페이지 소스에 나와있다.

 

 

Secret key of swag (150pts) 

Our spies leaked the authentication algorithm for this site, but the login seems rigged. Is it so?

parse()함수가 extract($_GET)과 같은 효과

$processed_key에 그대로 hax0r을 넣으면 끝.

 

 

Admin panel (200pts) 

Your job is to hack this admin panel and login.


sql 인젝션.

admin@admin

pw : ' or '1' = '1

 

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처음 포렌식과 미슥만 풀 생각으로 시작했다. 근데 대부분 문제가 예선 300점짜리가 나왔고... (솔버0 미슥 300 리벤지!)

점수판이 1000 1000 1000 0 0 0 0 0 0 0 ...이 되버리는 사태가..

거의 대회 마지막까지도 점수판이 1000 0 0 0 0 0 ... 이어서 막판에 힌트가 터져나왔는데, 웹과 포너블만 힌트가 나오고 내가 풀던 포렌식은 힌트가 3개뿐...(그 중 2개는 아는거) 그래서 각 문제에서 솔버가 나온 것이다.

 

 

이번 포렌식 문제의 경우, 포렌식 + 리버싱 + 크립토가 아닌가 싶다.

 

이미지파일 분석해서 바이러스를 찾고, 바이러스 분석해서 암호화된 파일 복호화하기.

이렇게 과정이 2가지인데, 힌트 1번과 2번은 과정1에 대한 것이었고, 힌트 3번은 과정2에 대한 것이었다.

 

과정1의 경우 작년 예선 포렌식100을 풀었었다면 쉽게 풀 수 있다.

 

 

 

 

문제 내용은 대강 이렇다.

스피어 피싱을 당해서 바이러스을 실행시켰고, 그로 인해 파일이 암호화되었다. 바이러스를 찾고 암호화된 파일을 복호화하자!

 

스피어 피싱은 이메일을 통해 이루어진다고 한다. 그래서 이메일 관련 해서 분석을 해보면 된다.

하지만 난 바닥부터 차근차근 해보았다. (사실 처음에 스피어피싱을 제대로 보지 않아서..)

 

 

 

 

일단 \Users\Doctuments에 있는 hwp문서들이 .apworegin 확장자명으로 암호화되어있는 것을 확인한다.

엑세스된 시각은 오전 4:43:04(UTC) = 오후 1:43:04(KST)이다.

 

 

그리고 바이러스 프로그램이 실행되었을테니 프리패치파일을 확인했다.

\Windows\Prefetch

 

폴더 채로 추출해서 내 로컬 프리패치 폴더와 바꿔치기 해서 분석툴로 분석했다.

 

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비슷한 시간대를 위주로 살펴보면, photoshopsetup.exe이 바이러스파일임을 알 수 있다.

그러나 해당 프로그램의 경로가 나와있지 않는다. 그래서 NTFS log를 분석했다.

 

NTFS Log Tracker을 사용했다. 필요한 파일들의 위치는 아래 블로그를 참고하자.

https://infosecguide.tistory.com/110

 

 

 

파일명으로 검색을 했다.

파일명이 변경되고 실행되고 삭제됨을 알 수 있다. 삭제되었는데 휴지통에서도 찾을 수는 없었다.

파일명이 변경되기 이전을 살펴보았다.

 

 

 

크롬으로 다운로드 되었다.

그래서 크롬 방문기록과 다운로드 기록을 확인하였는데, 해당 파일은 찾을 수 없었다.

여기서 문제를 다시 읽고, 스피어 피싱 = 메일임을 확인했다. 방문기록에 eM Client가 있음을 확인했고, 작년 예선에서 풀어보았기 때문에 해당 프로그램이 이메일 프로그램임을 알고 있었다. 먼저 내 컴퓨터에 eM Client를 설치하고, Appdata\Loaming\ 에 있는 eM Client 파일을 통채로 복사해서 내 컴에 그대로 덮어주고 프로그램을 실행하면 메일 내용을 확인 할 수 있다.

 

 

메일 내용에서 pdf첨부파일을 구할 수 있고, 열어보면 다운로드 링크를 준다.

다운로드 링크를 통해 photoshopsetup.exe을 다운로드 받을 수 있다.

 

 

여기까지 바이러스를 찾는 과정.

다음은 암호화된 파일을 복호화해야한다. 제공된 힌트 3번째 = "파일은 AES로 암호화되었다."

 

 

플래그 형식이 바이러스명_바이러스가 다운로드 된 시각_바이러스를 보낸사람의 이메일 아이디

뭐 이런거면 풀었는데.. 너무 쉽나?

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M4ndU 600점 10등

 

REV 50

FOR 50

MISC 50 100 150 200

 

 

 

[2019] 제17회 청소년 정보보호 페스티벌(YISF)_문제풀이보고서_M4ndU.docx
0.42MB

 

[2019] 제17회 청소년 정보보호 페스티벌(YISF)_문제풀이보고서_M4ndU.pdf
0.41MB

 

두개 모두 동일한 내용의 파일입니다.

 

 

 

아래 글에는 보고서에 포함된 내용 + 풀이 과정 비하인드(?) + MISC 300 문제 풀이 일부를 포함하고 있습니다.

 

 

Reversing 50

문제 이름

기밀 문서

 

문제 설명

 문서에는 엄청난 것이 들어있는게 분명하다.
 무엇이 들어있는지 확인해볼까?

TOP_SECRET
 Hint1 : 특정 폴더와 파일 이름?
 Hint2 : 비밀번호 변조

 

 

TOP_SECRET이라는 파일이 하나 주어집니다.

 

 

ELF 64bit file

Exeinfo PE로 보면, ELF 64비트 파일임을 알 수 있습니다.

 

 

main함수
sub_B2F함수

IDA로 까보면, 실행경로와 파일명을 출력해주고, id와 pw를 입력받는 것을 알 수 있습니다.

 

sub_B2F함수의 42행을 보면, 실행경로의 7번째 글자부터 4바이트가 YISF인지 비교를 합니다.

있을 경우, Hmm...?을 출력해줍니다.

 

그리고 실행경로의 12번째 글자부터 10바이트를 TOP_SECRET와 비교합니다.

있을 경우, id와 pw을 입력을 받습니다.

 

 

 

id
pw

id와 pw는 변수명을 더블클릭하면 문자열을 보여줍니다.

 

id =  The_World_Best_Programmer

 

pw =  qwe123

 

 

 

따라서 TOP_SECRET파일을  /home/YISF/TOP_SECRET/ 으로 이동시켜서 실행하면 됩니다.

 

 

너 속았냐?

 

하지만 이렇게 출력된 플래그는 인증이 안됩니다. 조건을 하나 더 충족시켜야 하는데요. main함수를 다시 보시면 20번 행에서 파일명의 7번째부터 4바이트를 "flag"와 비교함을 알 수 있습니다.

 

따라서 파일명도 바꿔주어야 합니다. 저는 파일명을 123456flag로 변경하였습니다.

 

 

오이 오이 믿고 있었다구!!

그러면 인증가능한 플래그가 출력됩니다.

 

 

 

 

Forensic 50

문제 이름

범죄를 증명하라(1)

 

문제 설명

마약관련 범죄를 저지른 범죄조직을 감시하던중 네트워크를 통해 정보를 주고받았다는 제보를 받았다. 패킷을 수집하였으나 분석을   있는 사람이 없어 분석을 못하고 있다. 수사기관을 도와 분석을 마무리하자.

 <제보1> 익명의 제보자는 조직원들이 FTP 이용하여 파일을 공유했다라고 한다.
 <제보2> 익명의 제보자는 recovery라는 메시지를 남긴  연락이 두절되었다.....
 <제보3> 연락 두절된 제보자가 image.zip 복구하라는 메세지를 보냈다!

 

 

 

작년 처럼 포렌식으로 점수먹으려다가 첫 문제에서 10시간이상 소비한 문제...

 

일단 힌트가 없었을때, wireshark로 분석했을 때, 크게 2~3개정도로 나눌 수 있었습니다.

 

1. 아프리카tv 패킷

2. ftp 패킷

3. websocket 패킷

 

 

websocket 패킷을 봤을 때 사람 이름들이 나오길레 이건가 싶었는데... 결론은 관련이 없었습니다. 아프리카tv쪽에서 나온 패킷인 것 같습니다. (추측)

 

 

힌트1 <제보1>을 통해서 ftp패킷을 분석함이 확실해져서 ftp-data패킷만 모아서 파일들을 추출하였습니다. wireshark 필터에 (ftp-data)을 입력하면 해당 패킷만 모아 볼 수 있습니다. 그리고 패킷 우클릭 > follow > TCP Stream

RAW > save as > 추출!

 

image.zip 파일, 기차 이미지 파일 2개, 멜론 설치 파일

총 4개의 파일을 얻을 수 있었습니다. image.zip파일이 오류로 열리지 않느 것 빼곤 나머지 파일은 정상이었습니다.

 

HxD로 봤을 때, image.zip파일이 열리지 않는 이유가 일단 파일 크기가 매우 크게 설정된 것도 있었고, 파일 명도 읽을 수 없는 형태였습니다. zip파일 시그니쳐가 손상된 것도 아니고... 제가 아는 복구 방법으로는 해결을 못했습니다.

 

그렇게 힌트 존버하다가... 나온 힌트들이 모두 이미 진행된 내용이라 포기하려다가

 

어떤 한분이 푸시고, 디스코드에 '운이 좋게 풀었다', '노가다 했다'라고 하셔서 저도 풀 수 있을 것 같다는 생각이 들었고 구글링을 시작했습니다. "ctf zip 복구"로 검색을 하니 블로그 글 하나를 찾을 수 있었습니다.  

 

https://m.blog.naver.com/PostView.nhn?blogId=j28150&logNo=220993474255&proxyReferer=https%3A%2F%2Fwww.google.com%2F

 

[Plaid CTF 2017] zipper (Misc 50pts)

Something doesn't seem quite right with this zip file. Can you fix it and get the flag?zip파일 헤...

blog.naver.com

 

위 블로그 글에 나온대로 풀려고 했는데, 주어진 zip파일은 파일 크기 부분이 정상이 아니었기 때문에, data부분의 정확한 크기를 알 수 없었습니다. 그래서 1바이트씩 줄여가며 시도할 생각으로 0000이 끝나는 부분을 기점으로 추출해서 zip파일을 만들고 파이썬 코드로 압축 풀기를 시도했습니다.

 

image.zip dat부분
data 부분을 추출하여 만든 image.zip

 

s.py

1
2
3
import zlib
= open('image.zip').read()
print zlib.decompress(d, -15)
cs

python s.py

실행결과 :

FLAG : YISF{Y0U_4R3_G00D_H0M3_M4K3R}

 

 

띠용.. 플래그가 바로 나와버렸습니다...

 

 

 

 

Misc 50

문제 이름

 확인

 

문제 설명

룰을 확인하세요!

 

대회의 룰을 읽고 하단의 ‘확인을 클릭하면플래그가 나왔습니다.

FLAG : YISF{G00D_LUCK_3V3RY01V3}

 

 

 

 

Misc 100

문제 이름

Hidden area search

 

문제 설명

nc 218.158.141.199 24763

  문제마다 새로운 직선방정식 3개가 주어진다.
  직선방정식들로 만들어진 삼각형의 넓이를 구하여라

 

 

일차방정식 3개를 입력받아, 각각  방정식끼리 연립해서 교점을 구하고,  점의 좌표를  때의 삼각형 넓이 공식에 대입하여 넓이를 구하였습니다.

 

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from sympy import *
from pwn import *
 
def cleaneqn(s):
    s = str(s)
    s= list(map(str, s.split()))
    s[0= s[0].replace("b'""")
    s[6= s[6].replace("\\n'","")
    if int(s[3])<0:
        ss = s[0]+"*"+s[1]+s[3]+"*"+s[4]+" "+s[6]
    else:
        ss = s[0]+"*"+s[1]+s[2]+s[3]+"*"+s[4]+" "+s[6]
    return ss
 
def solveeqn(a1, a2): #연립방정식 풀어서 x와 y값 구하기
    x, y = symbols('x y')
    a1 = a1.split()
    a2 = a2.split()
    return eval("solve( [ Eq("+a1[0]+" ,"+a1[1]+"), Eq("+a2[0]+", "+a2[1]+") ], [x,y] )"#입력 형태 맞춰 넣기가 애매해서 eval함수 사용했습니다.
 
def solve_func(e):
    x, y = symbols('x y')
 
    for i in range(0,3):
        e[i] = cleaneqn(e[i]) #입력받은 방정식을 sympy가 입력받을 수 있는 형태로 변환
 
    ss1 = solveeqn(e[0], e[1]) #교점 좌표 구하기
    ss2 = solveeqn(e[1], e[2])
    ss3 = solveeqn(e[0], e[2])
    x1 = ss1[x]
    y1 = ss1[y]
    x2 = ss2[x]
    y2 = ss2[y]
    x3 = ss3[x]
    y3 = ss3[y]
    ans = 0.5*abs((x1 - x2)*y3 + (x2-x3)*y1 + (x3-x1)*y2) #각 꼭짓점의 좌표를 알 때의 삼각형 넓이 공식
    return ans
 
#main
equation = ["0"]*3 #방정식을 저장하기 위함
= remote("218.158.141.199"24763)
p.recvuntil("Start>")
p.recvline()
p.recvline()
for i in range(0100):
    print(p.recvline()) #step
    p.recvline()
    equation[0= p.recvline()
    equation[1= p.recvline()
    equation[2= p.recvline()
    for j in range(03):
        print(equation[j])
    p.recvuntil(":")
    p.sendline(str(solve_func(equation)))
    print(p.recvline()) #correct
    p.recvline()
 
p.interactive()
 
#flag : YISF{Mathematical_ability_i5_n0t_ru5ty}
 
cs

 

 

 

Misc 150

문제 이름

Rule_reverse_engineering

 

문제 설명

[MISC-150]Rule_reverse_engineering
 nc 218.158.141.182 52387

 실행마다 예시인 문자열이 달라지는데 바이너리값은 같을 때가 있다.
 같은 것을 보면 문자열에서 바이너리로 변하는 일정한 규칙이 있는  같다.
 규칙이 적용된 문자열이 주어진 바이너리와 같도록 문자열을 입력해라 

 

 

Step :  1

00010011000001100110101
height = 5
table :  {'4': '1', 'x': '001', '3': '0001', '5': '01', '6': '0000'}

 

 

table이 주어집니다. 오른쪽에 해당하는 문자열을 왼쪽 문자로 치환해주면 됩니다.

치환해야할 문자열이 긴 것 부터치환을 하면 됩니다.

그런데 치환한 문자가 0이나 1이면 치환해야할 문자로 판단하여 또 치환해버립니다. 

 

그래서 치환한 문자가 0이 1이면 전혀 다른 범위의 문자로 바꾸었다가 마지막에 되돌려 놓았습니다.

 

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from pwn import *
import ast
 
def ccccc(h):
    h = h.replace('b"table :  '"")
    h = h.replace('\\n"'"")
    print(h)
    inn = ast.literal_eval(h) #type dictionary
    return inn
 
def ddd(e):
    e = e.replace("b'""")
    e = e.replace("\\n'""")
    return e
 
def ans(innn, task):
    innn = ccccc(innn)
    ss = sorted(innn, key=lambda k : innn[k]) #치환 대상 문자열의 길이가 긴 순서대로 치환
    task = ddd(task)
    for j in ss:
        p=j
        if j == "1"#치환 대상의 문자열과 동일한 0 과 1을 범위 밖의 문자로 치환하여 나중에 다시 되돌림
            p = "#"
        if j == "0":
            p = "@"
        task = task.replace(innn[j], p)
    task = task.replace("#""1")
    task = task.replace("@""0")
    print(task)
    return task
 
#main
= remote("218.158.141.182"52387)
p.recvuntil("Step :  1")
p.recvline()
p.recvline()
for i in range(099):
    try:
        t = p.recvline() #task
        p.recvline()
        table = p.recvline() #table
        p.recvuntil(": ")
        p.sendline(ans(str(table), str(t)))
        print(p.recvline())
        p.recvline()
        p.recvline()
        p.recvline()
        print(p.recvline())
        print(p.recvline())
    except:
        p.interactive()
= p.recvline() #Stage 100
p.recvline()
table = p.recvline()
p.recvuntil(": ")
p.sendline(ans(str(table), str(t)))
p.interactive()
 
#flag : YISF{Y0u_make_table_WeLL}
 
cs

 

 

 

Misc 200

문제 이름

Find First!

 

문제 설명

nc 218.158.141.142 9238

 처음 시작 위치를 찾아라!
 [설명]
 1. 모든 버튼은 전부 한번  눌려야 하고 항상 마지막으로는 F 눌립니다.
 2. 배열의 시작은 왼쪽 ( (x, y)=(0, 0) )이고 x y 값은 0 양의 정수 입니다.
 3. 버튼의 처음 시작 위치를 문제당 1 안에 찾으십시오.
 4. 배열의 행과 열의 크기는 5 이상, 10 이하 입니다.
 5.문자는 다음 버튼의 위치를 나타내고 숫자는 이동  수를 나타냅니다.
 5-1) D = Down, U = Up, R = Right, L = Left  
 5-2) Ex) D5 = 아래로 5, R3 = 오른쪽으로 3 
 6. 모든 스테이지를 클리어 하면 플래그가 주어집니다.

 

[?] Input Example
[*] Problem 1
R2 R2 D2 F
U1 D1 D2 D2
U1 U2 U1 L3
R1 U2 L2 U1

[?] If the starting position's Row : 3, Column : 1.
Input : 3 1
[O] Correct!

[*] Problem 1
D4 L1 R2 D1 F
R2 U1 D1 L3 D2
D1 R3 D1 U2 L4
R1 U2 U3 U1 D1
R3 U2 L1 U1 L2

 

 

 

쉽습니다. 일단 F에서부터 출발할 필요가 없습니다. 중간에서 찾아가도 시작점은 나오니까요.

 

 

시작점을 (0,0)에서부터 시작해서 위 아래 양옆 기준으로 이전 위치를 찾아갑니다.

 

이전 위치가 위라면 n칸만큼 떨어진 곳에 Dn이 있을 것이고, 왼쪽이라면 Rn이 존재할 것입니다. 이러한 방식으로 이전 위치를 찾고, 이전위치를 기준으로 다시 더 이전 위치를 찾습니다. 모든 방향으로 조건에 만족하는 것이 없다면 그 곳이 시작위치가 됩니다.

 

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from pwn import *
import re
 
def ddd(e):
    e = e.replace("b'""")
    e = e.replace("\\n'""")
    return e
 
 
def cntarr(col): #count element in first line / range of x
    col = ddd(col)
    col = col.replace("\\t""")
    col = col.replace("F""FF")
    col = col.replace("\\r""")
    cnt = int(len(col) *0.5)
    return cnt
 
def ans(b, c, d):
 
    for o in range(0, d):
        a[o] = ddd(str(a[o]))
        a[o] = a[o].replace("\\t""")
        a[o] = a[o].replace("\\r""")
        a[o] = a[o].replace("F""FF")
        aa = a[o]
        print(a[o])
        a[o] = re.findall(r'..',aa)
    print(a)
    now_x = 0 #F부터 시작할 필요가 없음. (0,0)지점부터 시작
    now_y = 0
    overcnt = 1
    while(overcnt > 0): #시작위치를 찾아내면 루프를 벗어남
        #현재 위치가 시작점이 아니라면, 이전 위치를 찾아야함.
        #만약 이전 위치가 왼쪽 방향이라면, 왼쪽 방향 n거리 만큼에 Rn이 존재함.
        #아래쪽 방향이라면, 아래쪽 방향 n거리 만큼에 Un이 존재함
        for k in range(010): #MAX 10. scan start
            n = str(k)
            if now_x+< c: #배열 범위를 벗어나면 오류가 나기 때문에, 범위를 지정해주어야함
                if now_y >= 0 and now_x >=0 and a[now_y][now_x+k] == ("L"+n): #right
                    now_x += k #찾은 경우, 현재 위치를 찾은 위치로 이동함
                    break
            if now_y+< d:
                if now_y >= 0 and now_x >=0 and a[now_y+k][now_x] == ("U"+n): #down
                    now_y += k
                    break
            if now_x->=0:
                if now_y >= 0 and now_x >=0 and a[now_y][now_x-k] == ("R"+n): #left
                    now_x -= k
                    break
            if now_y->=0:
                if now_y >= 0 and now_x >=0 and a[now_y-k][now_x] == ("D"+n): #up
                    now_y -= k
                    break
            if k == 9:
                overcnt = 0 #모든 방향에 존재하지 않는다면 현재 위치가 시작지점임
 
    ax = now_x
    ay = now_y
    print(ax, ay)
    return ax, ay
 
 
 
= remote("218.158.141.142"9238)
p.recvuntil("Problem 1\n")
p.recvuntil("Problem 1\n")
for m in range(0,99):
    a= ["0"]*10
    a[0= p.recvline()
    print(a)
    count = cntarr(str(a[0]))
    c2=1
    for i in range(110):
        a[i] = p.recvline()
        c2 +=1
        if len(str(a[i])) < 10:
            c2-=1
            break
    p.recvuntil(": ")
    w, z = ans(a, count, c2)
    p.sendline(str(w)+" "+str(z))
    print(p.recvline())
    p.recvline()
    print(p.recvline())
#stage 100
a= ["0"]*10
a[0= p.recvline()
print(a)
count = cntarr(str(a[0]))
c2=1
for i in range(110):
    a[i] = p.recvline()
    c2 +=1
    if len(str(a[i])) < 10:
        c2-=1
        break
p.recvuntil(": ")
w, z = ans(a, count, c2)
p.sendline(str(w)+" "+str(z))
p.interactive()
 
#flag : YISF{Y0(_)_4r3_4_w0nd3rf(_)l_pr0gr4mm3r!!}
 
cs

 

 

 

Misc 300

 

솔버 0이라서 그런지 지금은 문제가 닫혀있다.

 

 

nc접속을 하면, 스테이지가 100개가 있는데, 스테이지마다 매우 많은 base64인코딩 문자열을 준다.

디코딩을 하게 되면 hex값이 나온다. 이를 파일로 만들면 png파일이 나온다.

 

이미지를 열면 이미지에 문자가 젹혀 있고, 이 문자를 읽어서 5초안에 제출하면 된다.

 

 

그래서 생각한게, 이미지를 만들어놓고 내가 이 이미지를 바로 봐서 직접 타이핑해서 제출하는 방식이었다.

 

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from pwn import *
import base64
import binascii
import cv2
from PIL import Image
import matplotlib.pyplot as plt
 
# matplotlib.image 를 사용하기 위해선 matplotlib 뿐만 아니라 pillow도 깔아야 한다
 
import matplotlib.image as mpimg
 
def show(e):
    data = str(e)
    data = data.replace("b'""")
    data = data.replace("\\n\\n['""")
    data2 = data.split("\\n")
 
    dat= ""
    for i in range(0len(data2)):
        dat += str(base64.b64decode(data2[i]).decode('utf-8'))
    dat = dat.replace("b'""")
    dat = dat.replace("'""")
 
    red = dat
 
    bin_ = ""
    for j in range(0len(red), 2):
        binary_d = str(red[j:j+2])
        binary_d = binary_d.replace("b'""")
        binary_d = binary_d.replace("'""")
        bin_ += "\\x"+binary_d
 
    fh = open("image.png""wb")
    eval("fh.write(b'"+bin_+"')")
    fh.close()
    
    '''
    # 색상 범위 설정
    lower = (0, 0, 0)
    upper= (150, 150, 150)
 
    # 이미지 파일을 읽어온다
    img = mpimg.imread("image.png", cv2.IMREAD_COLOR)
 
    # BGR to HSV 변환
    img_hsv = cv2.cvtColor(img, cv2.COLOR_BGR2HSV)
 
    # 색상 범위를 제한하여 mask 생성
    img_mask = cv2.inRange(img_hsv, lower, upper)
 
    # 원본 이미지를 가지고 Object 추출 이미지로 생성
    img_result = cv2.bitwise_and(img, img, mask=img_mask)
 
    # 결과 이미지 생성
    imgplot = plt.imshow(img_result)
 
    plt.savefig('./image1.png')
 
    img = Image.open('./image1.png')
    thresh = 245
    fn = lambda x : 255 if x > thresh else 0
    r = img.convert('L').point(fn, mode='1')
    r.save('./image1.png')
    '''
 
 
= remote("218.158.141.149"25496)
p.recvuntil("=\n")
p.recvline()
 
for ZZZZZZZZZZZZZ in range(0,99):
    b64 = p.recvuntil("[")
    show(b64)
    p.recvuntil(": ")
    user_input = str(input())
    p.sendline(user_input)
    print(p.recvline())
    print(p.recvline())
    print(p.recvline())
    print(p.recvline())
 
b64 = p.recvuntil("[")
show(b64)
p.interactive()
 
cs

 

 

근데 이게 줄쳐진 것 때문에 사람이 읽기도 힘들다. 정확히는 비슷한 글자들로 헷갈린다.

게다가 한 스테이지마다 5초안에 입력하는걸 100스테이지를 해야하는데 직접 해보니 25스테이지 정도가 한계였다.

타임아웃뜨거나 오타나거나해서...

 

그래서 컴퓨터가 직접 글자를 인식해서 자동으로 보내게 해야 했다. 근데 이게 가능한가...

 

pytesseract을 설치해서 사용해 봤는데 인식을 못했다.

 

 

그래서 글자를 더 잘 구별할 수 있도록 회색글자부분만 추출해서 검정으로 바꾸는 코드를 추가했었다.

 

그런데도 인식을 못했다. 나라도 잘 봐서 직접 입력하더라도 정확도를 높이려고 했는데....

 

 

2스테이지를 넘어가면 ... 이전 이미지에 겹쳐져서 나온다. 처음 써보는 모듈이라 이걸 어떻게 해결해야 할지도 모른다..

 

 

 

마지막에 생각난 아이디어. 여러번 접속을 해서

base64문자열 받고 -> 이미지 변환 -> 직접 입력

직접 입력한 값과 base64문자열의 해쉬값을 db에 저장

최종실행에 입력받은 base64를 해쉬돌려서 db에 있는거랑 비교, 입력값 전송

 

그런데 전체 이미지 개수가 1만개가 넘어갈 수도 있을 텐데.. 이것도 안될 것 같았다. 포기

 

 

 

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서버는 닫힌 관계로 사진 없이 글로만 풀이를 작성하였습니다.

 

 

OPEN CTF Write Up

 

MISC - Welcome

 

이미지 파일이 주어지는데, HxD로 열어보면 PNG 파일과 JPG 파일이 붙어있음을 확인할 수 있다. 처음에 PNG 시그니쳐로 시작하기 때문에 엔드시그니쳐 END를 찾아내서 바로 다음에 붙어있는 JPG 시그니쳐부터 끝까지 추출해서 jpg 파일을 하나 만들어주면 flag가 담긴 이미지가 나온다.

 

 

WEB 첫 번째

 

문제 이름이 easy web이었던가.. 혀튼 id값을 받는 폼이 있었는데 admin으로 로그인만 하면 되는 문제였다.

 

여러가지를 입력해보니, "admi"을 필터링 한다는 사실을 알 수 있었다. (해당 문자열을 필터링한 나머지 문자열만 출력한다.)  그렇다면 입력을 admadmiin으로 입력해준다면 가운데 "admi"을 필터링한 나머지 문자열이 admin이 되어서 플래그가 나온다.

 

 

WEB 두 번째

 

문제이름이 proxy 이었을 것이다. 쿼리(url뒤에 ?로 값받는거)로 url을 입력받아 해당 url의 내용을 보여준다.

 

url에 문제 url을 입력하고 페이지 소스를 보니, 주석으로 admin.php가 적혀있던 것으로 기억한다.

 

url에 문제 url/admin.php를 입력했을 때 권한이 막혔거나 아무것도 표시되지 않았던 것으로 기억되고, 그래서 url을 ㅗhttp://127.0.0.1/admin.php 로 했을 때 flag가 나왔던 것 같다.

 

 

WEB 세 번째

 

MAGIC

 

이 문제는 php 소스를 제공했다. 매직해쉬를 이용한 것인데 주니어 보안 세미나에서 php 관련 발표에서도 다뤘떤 내용이었다.

 

https://www.whitehatsec.com/blog/magic-hashes/ 여기 참조해서 md5값을 넣어주면 됐었다.

 

 

WEB 네 번째

 

문제이름에 cookie가 들어갔던 문제. 매우 쉬운 문제. 그냥 쿠키중에 guest를 값으로 가지는게 있었을 것이다. 그 값을 admin으로 바꾸어주면 flag가 나왔다.

 

 

 

 

부스 write up

 

가상화폐 거래서 해킹 체험

 

포인트와 코인이 있는데 코인 수를 50000이상으로 늘리면 된다.

 

 

방법 1

 

처음 계정을 만들면 1포인트를 제공한다. 1코인 시세가 0.00012정도였으니 8000개 정도를 구매할 수 있다.

 

그럼 7개의 계정을 만들어서 8000개정도 구매한뒤 한 계정으로 모두 송금하면 된다.

 

(시도한 사람을 없었다고... 물론 정석은 아니었다.)

 

 

방법 2

 

풀고 있는데 옆에 계신 분이 찾으신 방법. 이 방법도 정석은 아니다.

 

계정을 2개 만든다. (A, B 라고 하겠다.)

 

A로 코인을 1개 이상 매수하고 B로 -(원하는만큼) 송금한다. -50000만큼 보냈다치면, A의 잔액은 +50000이 되는 것이고 B의 잔액은 -50000이 된다.

 

이렇게 A의 잔액을 늘릴 수 있다.

 

 

[A가 0개의 코인을 가지고 있다면 음수의 개수만큼을 송금하는 것은 실패한다. 하지만 코인의 수가 0이 아니라면 음수의 개수만큼 송금이 가능했다.]

 

 

방법 3

 

정석.

 

송금을 할 때, 클라이언트는 서버로 sender, receiver, amount만 보낸다. sender의 지갑에 대한 별다른 인증이 없기 때문에 지갑 주소만 안다면 해당 지갑에 든 코인을 빼낼 수 있다.

 

랭킹을 보면 codegate라는 계정이 존재하는데, 해당 유저의 페이지로 들어가보면 코인을 999999만큼 가지고 있다.

이 유저의 코인을 내 지갑주소로 보내면 된다.

유저 페이지에서 지갑주소가 표시되진 않지만, 크롬 개발자 도구 > Network에서 wallet의 response들을 잘 살펴보면 지갑주소를 찾아낼 수 있다.

 

burp suite을 이용해 송금할 때 발생되는 패킷을 잡아서,

찾아낸 codegate의 지갑주소를 sender로, 나의 지갑주소를 receiver로, amount는 50000 이상으로 바꿔주면 된다.

 

 

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제 2회 TeamH4C CTF 2020 Write-up 보러가기(클릭)



제 1회 TEAMH4C CTF Write Up


[Forensics] ArchiveFun


Stage 1 에서 Stage 10 까지 가야 한다.


stage1.zip 안에 stage2.yz1 이 있다.

yz1 압축파일은 IZArc 라는 프로그램으로 풀 수 있다.


그러면 stage3.zip를 얻을 수 있다.

stage3는 폴더 안에 폴더 안에 폴더...로 있기 때문에 HxD로 열어서 PK시그니처 부터 Dump 해서 zip파일을 만들어 준다.



stage4.zip 안에 힌트와 stage5가 있다.

힌트에는 Compressed by LZMA2 , LZMA2로 압축되어졌다고 한다. 이 압축파일은 7z로 풀 수 있으므로 stage5의 확장자를 7z로 바꾸어 주면 되는데

시그니처 부분이 비워져 있기 때문에 37 7A BC AF 27 1C 를 넣어 주어야 한다.



stage5.7z 안에 힌트와 samefilewithanother.txt 와 stage6.zip이 있다.

stage6.zip 안에는 힌트, samefilewithanother.txt, stage7.zip이 패스워드가 걸려 있다.

여기서 막혔는데 힌트가 printable,글자 수 모름 이라서 5자리까지 brute force 를 했지만 뚤리지 않았다. 

푸신 분은 pkcrack으로 평문공격하면 된다고 하셨다..



[MISC] deasiestone


-와 +로 이루어진 문자열을 준다.

--+----+ -+++-+-- -++----+ -++-+-++ -++--+-+ -++-++-+ --++--++ -+---+-- --++---- -+++-+++ -++-+++- -+++-+-- --++---- -+++-+-- -++-+--- -++--+-+ -+++---- --++-+-- -+-+--+- --++-+-- -+---+-- -+--+--+ -+-+--++ --++--++ -++---++ --++---+ -+++-+-- -++++--+ --+----+

-를 0으로 보고 +를 1로 보았을 때 모두 각 첫 바이트가 0으로 시작하는 ASCII 범위의 값들이기 때문에

- +를 각각 0 과 1로 치환하여 ascii로 바꾸어 주면 된다.


!takem3D0wnt0thep4R4DIS3c1ty!


FLAG : h4c{!takem3D0wnt0thep4R4DIS3c1ty!}



[MISC] Modulation


docx파일을 준다. docx는 zip으로 풀 수 있기 때문에 zip으로 풀어준다.



document.xml 를 보면 가사 속에 HEX값이 있다. 누가 봐도 플래그 값이다.


FLAG : h4c{W0W!!Sunmi_is_b3au7iFul!!}



[MISC] What The Issue


what_issue 라는 파일이 있다.


HxD로 열어보면 hex값이 0과 1로만 이뤄져 있다.


ascii로 WhatarethefullnamesofexploitablevulnerabilitiesinWPA2? 가 나온다.


What are the full names of exploitable vulnerabilities in WPA2? 의 답은 KRACKS 의 풀네임 Key_Reinstallation_Attacks 이다.


FLAG : h4c{Key_Reinstallation_Attacks}



[MISC] ExtremeJPG


용량이 매우 크다. Hxd로 봤을때 jpg의 헤더가 계속 나오는 것을 알 수 있었다.

foremost 명령어를 사용해 jpg파일들을 추출 했다.



1000개의 jpg중 중간에 하나 플래그가 적혀있는 이미지가 있다.



FLAG : h4c{w0w_y0u_kn0w_jp9_f1l3_3nd-s1gn4tur3@@_4nd_g00d..._..4t_pr0gramm1ng..!}



[MISC] Scratch


페이지 소스를 보면

다 nohack 인데 하나만 flag 뒤집은 galf로 되어 있다. 그 값인 IzFzdGhpc3MwbTNraW5kT2ZKb2tlPz8j 를 base64 디코딩 해주면 된다.



#1sthiss0m3kindOfJoke??#


FLAG : h4c{#1sthiss0m3kindOfJoke??#}



[Pwnable] SCIJ



사용자로부터 문자열을 받고 필터링을 한 뒤 /bin/echo 와 사용자로부터 받은 문자열을 붙인다.

그리고 그 것을 system함수로 보내준다.


필터링을 하는 부분에서 &를 필터링 하지 않기 때문에 a && ls를 쓰면

echo a; ls; 와 같은 명령어 사용이 된다.


a && ls 를 보내고, a && cat flag.txt 를 해서 flag를 얻었다



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CRC CTF write up (M4ndU).pdf


CRC CTF write-up 입니다.

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안녕하세요, 오늘은 ctftime.org 라는 사이트에 대해서 소개해 드리겠습니다.



구글에 검색하거나 





주소창에 직접 주소를 입력하여 접속할 수 있습니다.


https://ctftime.org





메인화면




Team rating 

ctftime.org 의 팀 순위입니다. 현재 1위는 미국의 PPP팀 이네요.


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유명하고 좋은 사이트 입니다. 저는 매번 들어와서 대회 일정들을 확인하고 있네요.








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